Forum PHP.pl

Jestem nowy jeśli chodzi o mysql w php, no i mam problem

Fragment bazy danych:

kasa
|-user
|-zielone

No i mam taki formularz, żeby wpisać nazwę usera. No i tak klikam ok, nazwa usra przenosi się(a przynajmniej powinna) do $_POST['user']
No i chcę aby według nazwy usera wyświetliła się liczba jego $$$. Ale zabardzo nie wiem jak to zrobić. Włączam formularz, ok. Przechodze do panelu, ok. Ale nic nie pisze( nie ma parse error, ale nic nie ma ) . Z góry dzięki za pomoc.
Pozdrawiam, Radex.

Ten post edytował radex_p 29.04.2006, 09:19:48

1) rzuc kodem
2) popraw tytul, bo slowo "Problem" dziala tu jak plachta na byka. Tytul ma byc odzwierciedleniem problemu, a nie slowa "Problem"

jestem prawie pewien że tekst jest zrypany

[PHP] pobierz, plaintext 
<?
mysql_connect("localhost", "root", "");
mysql_select_db("igk");
echo $zielone ;
$nick = $_POST['nick'];
$zielonesql = "SELECT kasa FROM zielone WHERE user='$nick'";
$zielone = mysql_query($zielonesql);
 
?>
[PHP] pobierz, plaintext 

no wiesz, najpierw wypisujesz zmienną $zielone, a dopiero potem pare linii nizej przypisujesz do niej zawartość... ciut nielogiczne nie uwazasz, ze powinno byc na odwrót?
pozatym po wykonaniu mysql_query przy select, nalezy jeszcze wykonac mysql_fetch_array(). zajrzyj do manuala co i jak.

ps: przenosze na przedszkole

Ale zapytanie do SQL jest poprawne? no a tak po za tym nie do końca wiem gdzie umieścić mysql_fetch_array

Jak to jak?
Dokładnie tak samo jak jest w przykładach w manualu: mysql_fetch_array()

~nospor przecież Ci napisał:... więc lepiej do niego zajrzyj.

[PHP] pobierz, plaintext 
<?php
mysql_connect("localhost", "root", "");
mysql_select_db("igk");
 
$nick = $_POST['nick'];
$query="SELECT zielone FROM kasa WHERE user like '$nick' ";
$zielone=mysql_fetch_array($query);
$ilekasy=$zielone['zielone'];
 
echo ($ilekasy);
 
?>
[PHP] pobierz, plaintext 

Zakłdając że kasa to tabela, user to... user (jego nick) a zielone to ilość kasy.

wielkie dzięki, właśnie wchodziłem na php manual ale skoro jest przykład
EDIT:

Warning: mysql_fetch_array(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in G:\Moje Dokumenty\Radex\Web\XAAMP\xampplite\htdocs\z\panel.php on line 7
linia 7 : $zielone = mysql_fetch_array($query);

Ten post edytował radex_p 29.04.2006, 10:44:36

Przykład, który tak się składa jest zły.
1. Skoro szukamy użytkownika o danym loginie to po co LIKE?
2. Jeśli takiego użytkownika nie ma to mysql_fetch_array() wywali błąd.

Powinno być tak:

[PHP] pobierz, plaintext 
<?php
 
$resDBConnection = mysql_connect( 'localhost', 'root', '' );
mysql_select_db( 'igk', $resDBConnection );
 
$_POST[ 'nick' ] = mysql_escape_string( $_POST[ 'nick' ] );
 
$strQuery = "SELECT zielone FROM kasa WHERE user = '" . $_POST[ 'nick' ] . "'";
$resResult = mysql_query( $strQuery, $resDBConnection );
 
if( mysql_num_rows( $resResult ) > 0 )
{
	$arrRow = mysql_fetch_array( $resResult ); // zakładamy ze jest jeden taki user
	echo $arrRow[ 'zielone' ];				 // jesli nie to mysql_fetch_array() powinno być w pętli
}
else
{
	echo 'Brak użytkownika.';
}
 
?>
[PHP] pobierz, plaintext 

~radex_p lepiej czytaj manuala, na forum.php.pl lenie z niechęcią do manuala czekający na gotowce nie są mile widzani

---update---
Hehehe, masz nuczkę

no to mam jeszcze jednen problem , nie bede robil drugiego tematu

[PHP] pobierz, plaintext 
<?php
$whatmod = $_GET['modyfikacja'];
$money = $_GET['money'];
if( $whatmod == '1'){
$joindb = mysql_connect( 'localhost', 'root', '' );
mysql_select_db( 'igk', $joindb );
mysql_query("UPDATE kasa SET zielone='$money' WHERE user='p'");
}
$joindb = mysql_connect( 'localhost', 'root', '' );
mysql_select_db( 'igk', $joindb );
 
$_POST[ 'nick' ] = mysql_escape_string( $_POST[ 'nick' ] );
 
$querydb = "SELECT zielone FROM kasa WHERE user = '" . $_POST[ 'nick' ] . "'";
$zielone = mysql_query( $querydb, $joindb );
 
if( mysql_num_rows( $zielone ) > 0 )
{
    $kasa = mysql_fetch_array( $zielone );
    echo $kasa[ 'zielone' ];
}
else
{
    echo 'Brak użytkownika.';
}
?>
<br><form method="get" action="?modyfikacja=1">
<input type="text" name="money" value="kasa">
<input type=submit value="zmień">
</form>
[PHP] pobierz, plaintext 

dorobiłem do kody coś takiego i aktualizajca nie działa, prawdopodobnie to problem z nazwą usera lub z treścią UPDATE
EDIT:
ale tu zaznaczyłem żeby robiło się TYLKO dla usera 'p'

Ten post edytował radex_p 29.04.2006, 17:18:46

yyyy a po co łączysz się 2 razy do bazy? nawet nie zamknąłeś połączenia, po prostu połącz się do bazy i jak skończysz operacje na bazach zamknij połączenie (mysql_close())

W przypadku, gdy wysylasz dane metodą get, parametr akcji jest nadpisywany w rezultacie nie ma go w url

zmieniłem na:

[PHP] pobierz, plaintext 
<?php
 
$whatmod = $_POST['modyfikacja'];
$money = $_POST['money'];
if($whatmod == '1'){
$joindb = mysql_connect( 'localhost', 'root', '' );
mysql_select_db( 'igk', $joindb );
mysql_query("UPDATE kasa SET zielone='$money' WHERE user='p'");
mysql_close();
}
$joindb = mysql_connect( 'localhost', 'root', '' );
mysql_select_db( 'igk', $joindb );
 
$_POST[ 'nick' ] = mysql_escape_string( $_POST[ 'nick' ] );
 
$querydb = "SELECT zielone FROM kasa WHERE user = '" . $_POST[ 'nick' ] . "'";
$zielone = mysql_query( $querydb, $joindb );
 
if( mysql_num_rows( $zielone ) > 0 )
{
    $kasa = mysql_fetch_array( $zielone );
    echo $kasa[ 'zielone' ];
}
else
{
    echo 'Brak użytkownika.';
}
?>
<br><form method="post" action="#">
<input type="text" name="money" value="kasa">
<input type="hidden" name="modyfikacja" value="1">
<input type=submit value="zmień">
</form>
[PHP] pobierz, plaintext 

i pisze : brak użyszkodnika, dopiero po drugim zalogowaniu pisze
EDIT:
można było by to zrobić za pomocą odświerzenia(head) z ?user=p ,ale tu jest to w post a nie get

Ten post edytował radex_p 29.04.2006, 19:34:15